Несколько месяцев назад мне также понадобился результат вычисления трехточечной контактной диаграммы Виттена Фридмана, Матура, Матусиса и Растелли. Я также был ошеломлен отсутствием подробностей в их статье, поскольку все, что они сказали, было «это легко сделать с помощью обычных методов параметров Фейнмана». Так что я придумал свой собственный вывод. Вероятно, это не то, что имел в виду FMMR, и не самый элегантный подход, но он выполняет свою работу и является математически строгим. Это происходит следующим образом.
Позволять
U: =∫∞0гг0∫рггг га0(г20+ ( г− х)2)б(г20+ ( г− у)2)с .
Предполагая
б , с > 0
, мы вставляем тождество
1Аα"="1Г ( а )∫∞0гс са - 1е− с А
дважды, чтобы получить
U"="1Г ( б ) Г ( в )∫∞0гг0∫рггг∫∞0гс∫∞0гт га0сб - 1тв - 1опыт( -В1)
с
В1: = с (г20+ ( г− х)2) + т (г20+ ( г− у)2)
= с (г20+Икс2) + т (г20+у2) + ( с + т )г2− 2 ( s x + t y) г .
Таким образом
∫рггг опыт( -В1) =е− с (г20+Икс2) − т (г20+у2)∫рггг опыт( - ( с + т )( г−с х + т ус + т)2+( с х + т у)2с + т)
= опыт(В2) ×(πс + т)г2
с
В2: =( с х + т у)2с + т− с (г20+Икс2) − т (г20+у2) ,
и после вычисления интеграла Гаусса на
г
. Немного алгебры показывает
( с + т )В2= - ( с + т)2г20− s т ( x − y)2 .
Подключение обратно к
U
мы получаем
U"="πг2Г ( б ) Г ( в )∫∞0гг0∫∞0гс∫∞0гт га0сб - 1тв - 1( с + т)−г2опыт(− ( с + т)2г20− s т ( x − y)2с + т) .
Изменить переменные из
г0
к
г20
и проинтегрировать по последнему. Предоставил
а > - 1
, теперь получаем
U"="πг2Г (а + 12)2 Г ( б ) Г ( в )∫∞0гс∫∞0гт сб - 1тв - 1( с + т)−а + 1 + г2опыт( -с тс + т( х - у)2) .
Изменить переменные:
о л д с= 1( х - у)2× н е ш с
и
о л д т= 1( х - у)2× н е ш т
. Следовательно,
U"="πг2Г (а + 12)2 Г ( б ) Г ( в )× | х - у|а + 1 + г− 2 б − 2 в× Вт
с
Вт: =∫∞0гс∫∞0гт сб - 1тв - 1( с + т)−а + 1 + г2опыт( -с тс + т) .
Мы используем двумерную формулу замены переменной для интегрирования по
0 < и < оо
и
0 < v < 1
связанные со старыми переменными
(ст) = (в ты( 1 - v ) ты) .
Якобиан
∣∣∣∣∂с∂ты∂т∂ты∂с∂в∂т∂в∣∣∣∣знак равно - ты .
Как результат
Вт"="∫∞0гты∫10гв вб - 1( 1 - v)в - 1ты−а + г+ 12+ б + в - 1 опыт[ - ты v ( 1 - v ) ] .
Предоставил
−а + г+ 12+ б + с > 0
, мы можем интегрировать на
ты
так что
Вт= Г ( -а + г+ 12+ б + в ) ×∫10гв ва + г+ 12- с - 1( 1 - v)а + г+ 12- б - 1 .
Конечно, последний бета-интеграл дает отношение гамма-функций, поэтому во всех
U: =πг22| х-у|а + 1 + г− 2 б − 2 вГ (а + 12) Г ( -а + г+ 12+ б + в ) Г (а + г+ 12− в ) Г (а + г+ 12− б )Г ( б ) Г ( в ) Г ( а + d+ 1 - б - в )
что справедливо, когда все аргументы гамма-функции положительны (или комплексны с положительной вещественной частью). Чтобы увидеть, что эти ограничения не противоречат друг другу, лучше переключиться на более симметричные переменные размерности масштабирования.
⎧⎩⎨⎪⎪Δ1Δ2Δ3"=""=""="бса + г+ 1 - б - в
Ограничения составляют
Δ1,Δ2,Δ3
длины невырожденного достаточно большого треугольника, т. е.
Δ1+Δ2+Δ3> д
.
Я должен также упомянуть, что существуют более сложные методы вычисления диаграмм Виттена. См., например, лекции Пенедонеса по ТАСИ .
Прахар
Кагарач