Проблема с циклическим интегралом (HQET)

Сначала я начну с составления квадрата и дважды воспользуюсь биномиальной теоремой, прежде чем упрощать полученное выражение. Пойдем.

$$\begin{align} I&=\int_0^\infty (x-iax+c)^{n-\frac{d}{2}} e^{-bx}\,dx \\ &=\int_0^\infty \left[\left(x-\frac{ia}{2}\right)^2+\frac{a^2+4c}{4}\right]^{n-\frac{d}{2}} e^{-bx}\,dx \\ &=\int_0^\infty \sum_{k=0}^{n-\frac{d}{2}} {n-\frac{d}{2}\choose k} \left(x-\frac{ia}{2}\right)^{2k} \left(\frac{a^2+4c}{4} \right)^{n-\frac{d}{2}-k} e^{-bx}\,dx \\ &=\int_0^\infty \sum_{k=0}^{n-\frac{d}{2}}\sum_{m=0}^{2k} {n-\frac{d}{2}\choose k} {2k \choose m} \left(\frac{a^2+4c}{4} \right)^{n-\frac{d}{2}-k} \left(-\frac{ia}{2} \right)^{2k-m} x^m e^{-bx}\,dx \\ &= \sum_{k=0}^{n-\frac{d}{2}}\sum_{m=0}^{2k} {n-\frac{d}{2}\choose k} {2k \choose m} \left(\frac{a^2+4c}{4} \right)^{n-\frac{d}{2}-k} \left(-\frac{ia}{2} \right)^{2k-m} \int_0^\infty x^m e^{-bx}\,dx \\ &= \sum_{k=0}^{n-\frac{d}{2}}\sum_{m=0}^{2k} {n-\frac{d}{2}\choose k} {2k \choose m} \left(\frac{a^2+4c}{4} \right)^{n-\frac{d}{2}-k} \left(-\frac{ia}{2} \right)^{2k-m}\frac{m!}{b^{m+1}} \\ \end{align}$$ После использования Wolfram Alpha для упрощения внутренней суммы мы получаем $$\begin{align} I&= e^{-iab/2}\sum_{k=0}^{n-\frac{d}{2}} \frac{\Gamma\left(2k+1, -\frac{iab}{2}\right)}{b^{2k+1}} {n-\frac{d}{2}\choose k} \left(\frac{a^2+4c}{4} \right)^{n-\frac{d}{2}-k} \\ \end{align}$$